传送门

可以发现(n)很小，考虑状压(dp)
(dp[i][j])表示只从前(i)个中选，使得集合(j)中的箱子都被打开花费的最小代价。
初始化：
初始化为正无穷并且(dp[0][0]=0)
转移：
不选第(i)个，从(dp[i-1][j])转移过来
选第(i)个，转移到(dp[i][j|b[i]]),上一个状态为(dp[i-1][j])
答案：

细节:
为了方便状压，箱子的编号最好从(0)开始，将输入编号全部(-1)
复杂度：

代码：

const int maxn=13;
ll n,m,a[1100],b[1100];
ll dp[1100][(1<<maxn)+10];
int main()
{
    n=read,m=read;
    rep(i,1,m){
        a[i]=read;
        ll t=read,x=0;
        rep(j,1,t){
            ll tmp=read;
            x|=(1<<(tmp-1));///-1是为了使得状压枚举的时候更好枚举
        }
        b[i]=x;
    }
    memset(dp,0x3f,sizeof dp);
    dp[0][0]=0;
    for(int i=1;i<=m;i++){
        for(int j=0;j<(1<<n);j++){
            dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i-1][j]);///不选第i个
            dp[i][j|b[i]]=min(dp[i][j|b[i]],dp[i-1][j]+a[i]);
        }
    }
    if(dp[m][(1<<n)-1]>inf/2) puts("-1");
    else cout<<dp[m][(1<<n)-1]<<endl;
    return 0;
}