Link.

  给定一棵 (n) 个点的树，反复随机选取一条边，合并其两端两点，新点编号在两端两点等概率选取。问每个点留到最后的概率。

  (nle50)。

(mathcal{Solution})

  推荐 @ywy_c_asm 的博客 owo。

  所有的操作方案数是 ((n-1)!)，我们可以按删边顺序看做一个长度为 (n-1) 的序列。对于每个点分别计算答案，把当前要算的点提为根（记为 (r)），我们只需要求出 (r) 在所有操作序列中存活的概率和除以 ((n-1)!) 即可。

  令 (f(u,i)) 为 (r) 已经走到 (u)，(u) 子树内还剩下 (i) 条边没删（没加入删边序列），最终 (u)（即 (r)）存活的概率和。显然答案为 (f(r,n-1))，边界 (f(leaf,0)=1)。

---

  第一步，考虑儿子 (v) 与 (u) 合并。相当于需要考虑边 ((u,v)) 在操作序列中的位置。粗略来说，若 (r) 没走到 (u)，我们并不关心 (u) 号结点的生死；而 (r) 到 (u) 后，(u) 就必须存活。

  定义辅助状态 (g(u,i)) 表示 (u) 子树内以及 (u) 的父边还剩下 (i) 条边没删，最终 (u) 存活的概率和。现在我们要计算 (g(u,i))。

  第一类，((u,v)) 保留到 (r) 到达 (u) 后再删，那么就涉及到 (u) 点存活的概率。于是有转移：

  第二类，((u,v)) 在 (r) 到达 (u) 之前就删，那就很随意啦—— (v) 子树中已删除了 (siz_v-1-i) 条边，我们把 ((u,v)) 随便插进一个位置就好，即：

  上两类转移贡献之和即为最终的 (g(u,i))。

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  考虑合并，始终记住删除的“序列意义”——保留的边（状态第二维）在删边序列的右端，其它的边在删边序列的左端。合并两个删边序列，仍需要保证这一点，那么分别用组合数合并已删除的左端序列和待删除的右端序列即可。下是 @ywy_c_asm 博客的一张图 owo（红色已删除，蓝色待删除）：

  答案呼之欲出啦：

  两个组合数分别对应分配已删和待删的方案数。

  最终，复杂度 (mathcal O(n^4)) 解决了这道毒瘤 DP qwq。

(mathcal{Code})

#include <cstdio>
#include <cstring>

const int MAXN = 50;
int n, ecnt, head[MAXN + 5], siz[MAXN + 5];
double fac[MAXN + 5];
double f[MAXN + 5][MAXN + 5];
double g[MAXN + 5], h[MAXN + 5];

struct Edge { int to, nxt; } graph[MAXN * 2 + 5];

inline void link ( const int s, const int t ) {
	graph[++ ecnt] = { t, head[s] };
	head[s] = ecnt;
}

inline void init () {
	fac[0] = 1;
	for ( int i = 1; i <= n; ++ i ) fac[i] = fac[i - 1] * i;
}

inline double comb ( const int n, const int m ) {
	return n < m ? 0 : fac[n] / fac[m] / fac[n - m];
}

inline void solve ( const int u, const int fa ) {
	f[u][0] = siz[u] = 1;
	for ( int i = head[u], v; i; i = graph[i].nxt ) {
		if ( ( v = graph[i].to ) ^ fa ) {
			solve ( v, u );
			for ( int j = 0; j <= siz[v]; ++ j ) {
				g[j] = 0;
				for ( int k = 0; k < j; ++ k ) g[j] += 0.5 * f[v][k];
				g[j] += ( siz[v] - j ) * f[v][j];
			}
			for ( int j = 0; j <= siz[v] + siz[u]; ++ j ) h[j] = 0;
			for ( int j = 0; j < siz[u]; ++ j ) {
				for ( int k = 0; k <= siz[v]; ++ k ) {
					h[j + k] += f[u][j] * g[k] * comb ( j + k, j )
						* comb ( siz[u] + siz[v] - 1 - j - k, siz[u] - 1 - j );
				}
			}
			siz[u] += siz[v];
			for ( int j = 0; j <= siz[u]; ++ j ) f[u][j] = h[j];
		}
	}
}

int main () {
	scanf ( "%d", &n ), init ();
	for ( int i = 1, u, v; i < n; ++ i ) {
		scanf ( "%d %d", &u, &v );
		link ( u, v ), link ( v, u );
	}
	for ( int i = 1; i <= n; ++ i ) {
		memset ( f, 0, sizeof f );
		solve ( i, 0 );
		printf ( "%.12f
", f[i][n - 1] / fac[n - 1] );
	}
	return 0;
}